Problema de Teoría de Números

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Resolver la ecuación x3=3y7z+8 para enteros positivos x,y,z.



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(Sin asunto)


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Este problema me pareció

4

Este problema me pareció bastante complicado. No salió con las técnicas clásicas de módulos.

Te platico, el primer paso es reducir el problema. Observa que podemos pasar el ocho para la izquierda y factorizar (x2)(x2+2x+4)=3y7z

Aquí hay que observar que 3 divide a ambos factores o no divide a ninguno. Como la condición pide enteros positivos (y>0), entonces debe dividir a ambos. Luego sustituimos x=3k+2, y aparecerá un factor 32, lo cancelamos y obtenemos: k(3(k+1)2+1)=3y27z

Haciendo un par de argumentos de divisibilidad se puede observar que k=3y2 y 3(k+1)2+1=7z. Los argumentos serían como sigue:

  • Observemos que 3 no puede dividir a 3(k+1)2+1 y por la tanto 3y2 es factor de k.
  • Por otro lado, si 7 dividiera a k, entonces 7 tampoco dividirá a 3(k+1)2+1, lo cuál hace imposible la igualdad.
  • Entonces deberá ser que 7 no divide a k y por lo tanto k=3y2.

Ahora bien, utilizando módulo 4 en la ecuación 3(k+1)2+1=7z, obtenemos que z debe ser par y k impar. Entonces, sustituimos por z=2q y k=2p1 en la ecuación y después de algunas manipulaciones algebraicas llegamos a:
p2=4(72(q1)+72(q2)+72+1)

La última igualdad tendrá solución si y sólo si Sq1=72(q1)+72(q2)+72+1 es un cuadrado perfecto. Evidentemente S0 es cuadrado perfecto, por lo que para q=1 hay solución y esto nos arroja la solución (x,y,z)=(11,3,2). El problema es ahora ver que Sq1 no es cuadrado perfecto para ningún valor q>1. ¿Cómo dedudicimos que hay probar esto? Es lo normal en este tipo de problemas que tengan sólo un número finito de soluciones.

Hasta este punto sólo hemos empleado técnicas estándar de manipulación de ecuaciones de número enteros. Pero probar que Sq no es cuadrado perfecto no es tan símple. Permiteme aclarar que podríamos tratar de probar la proposición más débil que dice que 4Sq no es cuadrado de la forma (3β+1)2, pero me pareció que tratar de meter la potencia de 3 al cuento era un distractor.

Entonces, ¿cómo probar que Sn=72n+72n2+72+1 no es cuadrado perfecto para n>0? Aquí es donde acudí a una argumentación poco elegante para este tipo de problemas. Básicamente busqué un entero an tal que a2n<Sn<(an+1)2 probando así que Sn no es cuadrado.

El número que encontré fue an=7n+(7n21)/2=7n+3(7n3+7n4+1). Para la definición correcta de este número es necesario que n3, pero se puede ver que para n=1,2 funcionan los número a1=7 y a2=49. Por lo que esto acabaría con el problema.

El único detalle sobrante es probar que a2n<Sn<(an+1)2  para n3, pero eso se verifica probando que a2n<72n+72n2+72n4<Sn<72n+72n2+72n3<(an+1)2. Estas últimas desiguadades se verifican usando pura álgebra de desigualdades.

Saludos y gracias por compartir tu problema.

Nota: Algunas de estas cosas ayuda verlas en base 7. Pero no es necesario.

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Entonces la solución

Entonces la solución encontrada es única: x=11,y=3,z=2 .

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Sí, así es. Esa es la única

Sí, así es. Esa es la única solución que obtengo.

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Creo que el nivel del

Creo que el nivel del problema no debería estar en "Básico" a mi parecer debería estar en "avanzado" ya que caería en el nivel de un tipo nacional. ¿Cómo ves Alexander?

Por otro lado, ¿tienes una solución distinta a la mia? Tal vez hay una manera más sencilla de atacar este problema.

Imagen de Alexander Israel Flores Gutiérrez

Quiero entender bien su

Quiero entender bien su solución. ¿Cómo se deduce que z debe ser par y k debe ser impar en la igualdad 3(k+1)2+1=7z, utilizando (mod4)? Le pido por favor me explique cómo se deduce eso.

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Primero veamos que $7 \equiv

Primero veamos que 71(mod4), por lo que 7z(1)z(mod4). Observa que si z es par 7z será congruente con 1 y cuando es impar, con -1.

De manera similar tenemos que (k+1)20,1(mod4), será congruente a 0 si k es impar, y será congruente a 1 si k es par.  Por lo que 3(k+1)2+11,0(mod4), será congruente a 1 si k es impar; y a 0, si k par.

Como deseamos que 7z y 3(k+1)2+1 sean iguales, deberán tener el mismo residuo módulo 4. Pero el único residuo donde coinciden es en 1 (módulo 4), es decir, cuando z es par y k impar.

Saludos,
Jesús

Imagen de jesus

Ohh, este problema apareció

4

Ohh, este problema apareció en la Olimpiada Nacional de Turquía de 2014 segunda ronda. http://artofproblemsolving.com/downloads/printable_post_collections/5443

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Interesante dato.

Interesante dato.

Imagen de coquitao

Jesús: He aquí mi solución a

Jesús:

He aquí mi solución a este problema:

http://www.elirracional.org/index.php/6123/cual-es-terna-enteros-positiv...

Cordialmente,

J.H.S.

Imagen de jesus

Ohhh!! Muy padre! No me

Ohhh!! Muy padre!

No me percaté que la ecuación 3(k+1)2+1=72q  era una ecuación de Pell. Eso delimita bastante el problema. Me gustó mucho la idea.

El único detalle que no me pareció tan obvio es cómo demuestras que xN=0jk(2k+12j)72k+12j(43)2j no puede ser potencia de siete. Por la forma que tiene se ve que no podría ser, pero de momento no veo cómo argumentarlo.

Saludos,
Jesús

Imagen de coquitao

Eso lo explico en el primer

Eso lo explico en el primer comentario que le escribí a Alexander en esa discusión.

Cordialmente,

J.H.S.

Imagen de jesus

No sé si me hace falta

No sé si me hace falta logearme o algo así pues no encuentro la demostración de ese hecho. El único comentario que encuentro al respecto en aquella discusión es:

De esa última expresión se desprende que xN tampoco puede ser una potencia de 7 cuando N es un número par mayor que 2...

Si no es mucho problema, ¿me lo podrías copiar aquí?

Saludos,
Jesús

Imagen de Luis Zapata Arellano

Yo tengo esto (no he leído

Yo tengo esto (no he leído aún las soluciones):
x38=(x2)(x2+2x+4)=((x+1)2+3)=3y7z
Para esto si x-2 contiene al 7 x2mod7, de otro modox14mod7.
Así que uno de los factores contiene todos los 7's, por lo que otro debe ser potencia de 3.

Supongamos que todos 3^h es contenido por uno de los factores y ese factor es (x+1)^2+3, entonces existe h tal que (x+1)^2+3=3^h.
La única forma de que esto pase es que, para algún k:
x+1=(3k)23h1=3k2x=1 lo que no satisface las condiciones del problema, luego ese 3^h es x-2 realmente.
Del otro lado (3h+3)2+3=3yh7z3(3h1+1)2=3yh17zy=h+13(3h1+1)2=7z1
Pero,
7z1=6(7z1+7z1++1)z=2w para algún w.
3h(3h1+2)=72w4=5(). Como 5 no divide a una potencia de , 5|3h1+2h=2. Se concluye que la única solución es (11,3,2). Porfa quien le sepa borre los otros intentos de escribir en LaTeX xD.

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Hola Luis, Sobre tu última

Hola Luis,

Sobre tu última proposición

5|3h1+2h=2

Debería decir:

5|3h1+2h2(mod4)

Entonces, solamente te faltaría justificar por qué la identidad es imposible para otros valores de h>2.

Gracias por tu colaboración.
Jesus