P1 OMM 2004 - Problema 1

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Encuentra todos los números primos p,q,r con p<q <r , que cumplan
con 25pq+r=2004 y que pqr+1 sea un cuadrado perfecto




Imagen de iwakura_isa

 Tengo una solución

 Tengo una solución diferente.

Tenemos que 25pq+r=2004 y que pqr+1=x2

Entonces podemos poner pqr como pqr=(x+1)(x1)

Como p,q,r son primos, tenemos que uno de (x+1) o (x1) esta formado por algunos de los factores p,q,r y el otro por los que falten.

Si alguno tiene a los tres factores tenemos que como pqr>1 entonces pqr=x+1 y x1=1. Por lo tanto pqr=3 y no se puede.

Entonces alguno tiene exactamente dos de los factores primos. Si uno tiene pr y el otro q, como pr>q tenemos que pr=x+1 y q=x1 por lo tanto pr=q+2 pero rq+2 entonces prpq+2p>q+2 Por lo que no se puede este caso. Mismo argumento si uno tiene a qr y el otro a p.

Por lo tanto tenemos dos casos

Caso pq=x+1,r=x1, entonces  pq=r+2 lo sustituimos en la otra ecuación y tenemos que. 

25(r+2)+r=200426r=1954 Pero 1954/26 no es entero

Caso pq=x1,r=x+1, entonces pq=r2

25(r2)+r=200426r=2054 Entonces tenemos que r=79 que es primo, luego pq=792=77=711 por lo que p=7,q=11 es la única posibilidad. Entonces la única terna (p,q,r) que cumple es (7,11,79).

Imagen de jesus

Muy buena solución

Muy buena solución iwakura_isa.Tu solución, a diferencia de la de Orlando, se enfocó primero en estudiar la condición pqr+1=x2; Orlando estudió primero la condición 25pq+r=2004.

En mi opinión personal, me parece que tu forma de resolver resultó más corta. Pero me gusta ver que es posible llegar a la solución sin importar a cuál de las identidades decidas dedicar el mayor esfuerzo.

Imagen de juan GG

Esta es la solución correcta

Esta es la solución correcta !
Enhorabuena!

Imagen de juan GG

Esta es la solución correcta

Esta es la solución correcta !
Enhorabuena!

Aún más simple:

Buscamos tres primos de la forma 4k-1. El cuadrado buscado es par.

Como tenemos que complentar 2004 con un múltiplo de 25, el mayor de ellos acaba en 9.

El múltiplo  de 25 más cercano a 2004 es 2000, 25*80. Los dos menores giran alrededor de 9. 7 y 11 son 4k-1.

7*11*79 + 1 = 78^2

Imagen de jesus

Tu solución se ve muy bien.

Tu solución se ve muy bien. Solo tengo algunas dudas.
  1. Punto 1:
    Buscamos tres primos de la forma 4k-1. El cuadrado buscado es par.
    Según entiendo, afrirmas que pqr+1=x2 entonces que p,q y r deberán ser de la forma 4k1. Si bien es cierto, que con esa forma es suficiente, no es cierto que sea la única alternativa. Pues dos de ellos podrían ser de la forma 4k+1 y solo uno de la forma 4k-1; por ejemplo 3×5×13+1=142, sólo 3 es de la forma 4k1
  2. Punto 2:
    Como tenemos que completar 2004 con un múltiplo de 25, el mayor de ellos acaba en 9..
    Muy buena observación. Es cierto que si 25pq+r=2004, entonces usando módulo 5 obtenemos que r4(mod5). Es decir, r terminará en 4 o 9, pero como r es impar deberá terminar en 9.
  3. Punto 3:
    El múltiplo de 25 más cercano a 2004 es 2000, 25*80. Los dos menores giran alrededor de 9.

    Aquí me costó trabajo entender, pero veo con bueno ojos tu camino de acotar las posibilidades para p y q. Entiendo pues que como 25pq+r=2004 y entonces 25pq2000=2580 en consecuencia pq80. De aquí me parece claro que el producto de los primos pequeños (p y q) debe ser menor que 80. ¿Pero qué significa girar alrededor de 9?

    Tal vez te refieres a que pq80<9. Por lo que el factor más pequeño debe ser menor que 9, en este caso como pq, entonces p sólo puede ser primo menor que 9. Es decir, p=3,5,7. Pero en cada caso q qeda delimitado por varias opciones, q80/3<26 si p=3. Lo que da varias opciones para q=5,7,11,13,17,19,23. ¿Cómo te deshaces de esas posibilidades? Sobre todo ahora sabiendo que no es necesario que p y q sean de la forma 4k1.

    Aún con la condición 4k1 tengo dudas. Con dicha condición el caso p=5 desaparece. ¿Pero qué pasa con el caso p=3? Los valores posibles para q de la forma 4k1 en el caso p=3 serían p=7,11,19,23, todos ellos tienen la condición pq<80. ¿Cómo te deshaces de ellos? ¿A mano? El caso p=7 veo que sería el más sencillo, pues aquí q<80/11<12, además q>7 por lo que sólo quedaría q=11, de hecho no necesitarías la condición 4k1.

Bueno, esa serían todas mis observaciones. Pero insisto, me agrada la idea propuesta en el punto 3, pues reduce el problema un número finito de casos con un argumento muy sencillo. Pero lamentablemente, son varios casos, sobre todo si no corregimos el punto 1. Saludos